Question 173-1 : étant donné vitesse vraie = 250 ktcap vrai = 029°vent = 035° 45 ktla dérive et la vitesse sol sont ? [ Pratique mission ]

Question 173-2 : Etant donné vitesse propre tas = 130 ktroute vraie 003°vent 190 40 ktle cap vrai et la vitesse sol sont ?

001° 170 kt.

Question 173-3 : Etant donné tas 227 ktroute vraie 316°vent 205° 15 ktle cap vrai et la vitesse sol sont ?

312° 232 kt.

Question 173-4 : On donne cap vrai 054°tas 450 ktroute vraie 059°gs 416 ktle vent subi est ?

010° 50 kt.

Sur votre computer centrez l'oeilletton sur la tas 450 kt affichez sous l'index votre cap 054° avec un cap 054° et une route 059° votre dérive est de 5° droite tourner la règle mobile pour intersecter la position où la dérive de 5° droite coupe la vitesse sol de 416 kt 2525vous lisez le vent 010° 50 kt

Question 173-5 : On donne vitesse sol 238 ktdistance de a à b 354 nmle temps de a à b est de ?

1 heure 30 minutes.

Question 173-6 : étant donné vitesse sol = 345 ktdistance de a à b 3560 nmle temps pour aller de a à b est ?

10 heures 19 minutes.

3560 nm 345 kt = 10 h 19 min

Question 173-7 : Etant donné vitesse sol 95 ktdistance de a à b 480 nmle temps pour aller de a à b est de ?

5 heures 03 min.

Question 173-8 : Etant donnés une vitesse sol de 120 kt et une distance ab de 84 nm le temps pour parcourir ab est de ?

42 minutes.

Question 173-9 : étant donné distance de a à b 1973 nm vitesse sol aller 430 ktvitesse sol retour 385 ktautonomie 7 heures 20 minutesla distance de a au point de non retour est de ?

1490 nm.

On calcul la distance jusqu'au point de non retour pnr vitesse sol aller 430 ktvitesse sol retour 385 ktpnr = t x vsa x vsr vsa + vsr pnr = 733 x 430 x 385 430 + 385 pnr = 12134815 815pnr = 14889 nm

Question 173-10 : On donne distance de a à b 2346 nm vitesse sol aller 365 kt vitesse sol retour 480 ktle temps depuis a pour arriver au point équitemps entre a et b est de ?

219 minutes.

On applique la formule du point équitemps pet = d x vsr vsa + vsr pet = 2346 x 480 365 + 480 pet = 1126080 845 = 1332 nm1332 à 365 kt = 219 minutes

Question 173-11 : Etant donné distance de q à r 1760 nmvitesse sol aller 435 ktvitesse sol retour 385 ktle temps de q jusqu'au point équitemps entre q et r ?

114 min.

On applique la formule du point équitemps pet = d x vsr vsa + vsr pet = 1760 x 385 435 + 385 pet = 677600 820 = 826 nm826 nm à 435 kt = 114 minutes

Question 173-12 : Etant donné distance de q à r 1760 nmvitesse sol aller 435 ktvitesse sol retour 385 ktautonomie 9 heuresla distance de q au point de non retour en direction de r est ?

1838 nm.

On calcul la distance jusqu'au point de non retour pnr vitesse sol aller 435 ktvitesse sol retour 385 ktpnr = t x vsr vsa + vsr pnr = 9 x 385 435 + 385 pnr = 3465 820pnr = 422h422 x 435 = 1838 nm

Question 173-13 : Un aéronef vole à la vitesse propre tas de 180 kt sur la route vraie 090° le vent est du 045° pour 50 kten une heure de vol jusqu'à quelle distance l'aéronef peut il s'éloigner de sa base et revenir ?

85 nm.

Pnr = t x vsa x vsr vsa + vsr pnr = 1 x 141 x 212 141 + 212 pnr = 29892 353pnr = 8467 nmtrouver vsa et vsr tas = 180rv = 090°vw = 045°50ktdérive = vs = a poser la route vraie sous le repère true indexb tourner l'indicateur rotatif dans la direction du vent à contre vent sur la rose des vents noire lire la vitesse du vent sur l'échelle appropriée de l'indicateurc amener la vitesse propre arc de cercle du diagramme coulissant sous la valeur de la vitesse vent échelle de l'indicateur rotatif d lire la dérive sous l'extrémité du vecteur vent aux lignes radiales et la vitesse sol sous le centre du disque transparent mise au point faire apparaitre 090° sous le repère true index tournez le curseur sur 045° de la rose des vents noire à contre vent amener l'arc de cercle 180 kt du diagramme mobile sous la pointe 5 50 kt du vecteur vent du curseur lecture lire la vitesse sol vs = 141 kt au centre du disque et la dérive = 11° sous la pointe du vecteur vent 1382procédez de la même manière pour trouver la vitesse retour vsr résoudre la question par le calcul le calcul mathématique sur ce genre d'exercice n'est valable que pour un triangle rectangle ce qui n'est le cas ici seul le computer vous permet de trouver la bonne réponse

Question 173-14 : Un avion est établi sur une pente de 52% à 7 nm du seuil de piste en terrain platsa hauteur est proche de ?

2210 ft.

On transforme les nautiques miles en mètres puis en pieds 1 ft = 0305 m rien n'empêche d'utiliser 6000 ft pour 1 nm mais dans ce cas on ne trouve qu'une valeur approchée du résultat 7 x 6000 x0052 = 2184 ft7 nm en ft = 7 x 1852 m 0305 = 42505 ft42505ft x 0052 = 2210 ftbien sur si vous utilisez directement 6076 ft = exactement 1 nm vous trouverez le bon résultatvous pouvez aussi utiliser la formule x%100 x distance = hauteur 52100 x 6076 x 7 = 2211664 ft

Question 173-15 : Un aéronef descend du fl250 au fl100le taux de descente est de 1000 ftmin la vitesse sol de 360 ktl'angle de descente est de ?

16°.

Taux de descente = pente % x vitesse sol1000 = pente % x 360pente % = 277pente % = angle x 10060277 = angle x 10060 angle = 277 10060 = 1662º

Question 173-16 : 730 pieds min sont équivalents à ?

37 ms.

Taux en ms = taux en feet2100ou 1 ft = 3048 cm730 x 3048 = 22 250 cmmin soit 100 = 2225 mmin222560 = 37084 ms

Question 173-17 : Le temps nécessaire pour parcourir 5 nm à la vitesse sol de 269 kt est de ?

1 minutes et 07 secondes.

5 26960 =1115 minutes0115 x 60 = 7 secondes1 min 7 sec

Question 173-18 : Un aéronef parcourt 24 statute miles en 47 secondes sa vitesse sol est de ?

160 kt.

2447 x 3600 = 184 statute miles par heure1 statute mile = 1609 km = 087 nm184 x 087 = 160 kt

Question 173-19 : La signification d'eta pour l'oaci est ?

Heure d'arrivée prévue à destination.

Eta estimated time of arrival at destination

Question 173-20 : Considérant un vent nul la distance parcourue par un appareil descendant de 15000 pieds avec une tas de 320 kt et maintenant un taux de descente de 3000 pieds min est de ?

267 nm.

On a 15000 ft à perdre avec un vario de 3000ftmin donc 150003000 = 5 minutes5 minutes de vol à 320 kt = 32060 x5 = 2666 nm de distance parcourue pendant les 5 minutes de descente

Question 173-21 : Une île apparaît 30° à gauche de la ligne de foi de l'écran du radar météol'appareil étant au cap magnétique 276° avec une dm 12°w le relèvement vrai de l'aéronef depuis l'île au moment de l'observation est de ?

054°.

Qdm = cap + gisement30° gauche = gisement de 330°cv = cm + dm = 276 12 = 264°qdm = 264 + 330 = 594°594 360 = 234 = qdmqdr = 234 + 180 = 054°

Question 173-22 : Un aéronef au niveau de vol 370 doit commencer sa descente à 120 nm d'un vor et le survoler au niveau de vol 130 si la vitesse sol moyenne en descente est 288 kt le taux de descente minimum requis est ?

960 ftmin.

Vz=delta z x vs60 x distance nmdelta z 24000 ft à perdreou tod top of descent 120288 = 0416 soit 25 minutes2400025 = 960 ftmin

Question 173-23 : Un aéronef au niveau de vol 310 température extérieure 30°c à mach 083 doit réduire sa vitesse de manière à passer un point de report 5 minutes plus tard que prévuen supposant que le vent effectif reste nul et qu'il est à 360 nm du point de report le nombre de mach devra être réduit à ?

074.

1745dans la fenêtre airspeed indiquez la température extérieure 30°c sur le repère m kt vous lisez en face de 83 mach 083 de la couronne intérieure la tas de 503 kt 360503 x 60 = 43 minutesnotre avion est à cette vitesse à 43 minutes du point de reporton lui demande de le passer avec 5 minutes de plus donc 43 + 5 soit dans 48 minutes 360 x 60 = 48 minutes = 360 x 60 48 = 450 ktdans la fenêtre airspeed indiquez la température extérieure 30°c sur le repère m kt vous lisez sous 450 kt de la couronne extérieure mach 074

Question 173-24 : Un repère sol est observé dans un gisement 325° puis 5 minutes plus tard dans un gisement 280°le cap magnétique de l'avion est 165° la déclinaison magnétique 25°w la dérive 10° droite et la vitesse sol 360 kt au moment où le gisement vaut 280° la distance et le relèvement vrai de l'avion depuis le ?

30 nm et 240°.

5 minutes à 360 kt = 360 60 x 5 = 30 nm 1415cap magnétique 165°déclinaison magnétique 25°wcap vrai = 140°route vraie = 140° + 10° = 150°c'est un triangle isocèle deux côtés ont la même distancegisement 280°relèvement vrai du repère depuis l'avion = 140 + 280 360 = 060°relèvement vrai de l'avion depuis le repère 060 + 180 = 240°

Question 173-25 : Un aéronef étant au fl 350 on lui demande de descendre de manière à survoler un dme au fl 80le taux maximum de descente est de 1800 ftmin et la vitesse sol moyenne en descente de 276 ktla distance minimale du dme à laquelle la descente devra être débutée est ?

69 nm.

35000 ft 8000 ft = 27000 ft27000 ft 1800 ftmin = 15 min > 025h 15 60 025 x 276 kt = 69 nm

Question 173-26 : Un appareil est au fl 120 vitesse indiquée 200 kt température extérieure 5° vent effectif +30 kton lui demande de réduire sa vitesse de façon à passer un point de report 5 min plus tard que prévu considérant que les conditions de vol sont inchangées à 100 nm du point de report la vitesse indiquée ?

159 kt.

Au computer vi 200 kt = tas 240 ktvs= 240 kt + 30 kt = 270 kt100 nm à 270 kt de vs = 22 minutes100 nm en 27 minutes = 100 27 = 37 nm par minutes37 x 60 = 222 kt222 kt 30 kt de vent = 192 kt192 kt de tas ==> au computer ==>vi de 159 ktvoici comment trouver la tas au computer 1390 oporch d'après les corrigés j'ai l'impression qu'on ne fait jamais intervenir le coeff de compressibilité kp au computer mon interprétation est elle correcte que nous conseillez vous pour l'examen en vous remerciant par avance on ne tient pas compte de l'erreur due à la compressibilité de l'air sauf spécifiquement indiqué dans la question pour les calculs de vitesse au computer à l'examen cette erreur n'est d'ailleurs notable qu'aux vitesses supérieures à 200 kt et aux grandes altitudes au niveau de la mer l'effet de la compressibilité de l'air fait l'objet d'une correction d'étalonnage des indicateurs de vitesse

Question 173-27 : Un appareil au fl 350 doit survoler un vordme au fl 110 et commencer sa descente à 100 nm de la balisesi la vitesse sol moyenne est de 335 kt le taux minimum de descente requis est ?

1340 ftmin.

24000 ft de descente335 60 = 5583 nmmin1005583=18 minutes24000 18 minutes = 1340 ftmin

Question 173-28 : Un aéronef est au fl 370 à mach 086 avec une température extérieure de 44° c et une composante vent de face de 110kton lui demande de réduire sa vitesse de manière à passer un point de report 5 min plus tard que prévu si la réduction de vitesse doit se faire 420 nm avant le point de report le nombre ?

M 081.

Au computeur m 086 et 44°c > vp 510 kts > vs 400 kts420 nm > 63 mn5 mn de plus > 68 mn >vs 370 kts >vp 480 ktsm 081pour trouver la vitesse propre depuis la température et le mach sur votre computer 1414ensuite on a un vent de 110 kt de face donc on déduit les 110 kt au 510 kt de la vitesse propre ce qui nous donne 400kt de vitesse solpour parcourir 420 nm à 400 kt cela nous prend 63 minuteson ajoute les 5 minutes demandées par le contrôle on devra donc voler à une vitesse sol de 370 kt pour parcourir les 420 nm en 68 minutesnous ajoutons le vent pour trouver notre vitesse propre puis sur le computer on trouvera en face d'un vp de 480 kt un mach 081

Question 173-29 : Un aéronef au niveau de vol 390 doit descendre pour survoler un dme au niveau de vol 70 le taux de descente maximum est de 2500 ftmin la vitesse sol moyenne en descente est 248 ktla descente doit commencer à une distance minimum du dme de ?

53 nm.

39000 7000 = il faut descendre de 32000 ft320002500 = 128 minutes temps de la descente 248 60 x 128 = 529 nm

Question 173-30 : Un aéronef au fl 370 doit débuter sa descente à 100 nm d'une balise vor et passer cette balise au fl 120sa vitesse sol moyenne pendant la descente est de 396 kt le taux de descente requis est approximativement ?

1650 ftmin.

100 nm à 396kt = 1515 minutesl'avion descend de 25000 ft25000 en 1515 min = 1650 ftmin

Question 173-31 : Un appareil au fl 140 a une vitesse indiquée de 210 kt avec une température extérieure de 5° c et une composante de vent de 35 kt on lui demande de réduire sa vitesse de façon à passer un point de report 5 minutes plus tard que prévuconsidérant que les conditions de vol ne changent pas à 150 nm de ?

20 kt.

Sont données ias cas 210 kt fl140 et oat 5°cau computer cela nous fait une tas de 262 kton déduit le vent pour trouver notre vitesse sol 262 35 = 227 kt150 nm à 227 kt = 396 minuteson nous demande de passer un point de report 5 minutes plus tard que prévu donc 150 nm en 446 minutes 396+5 = 202 ktil faut donc réduire la vitesse sol de 227 202 = 25 kt il nous faut donc une tas de 262 25 = 237 ktet au computer une tas de 237 kt au fl140 et avec une oat de 5°c cela nous donnera une ias de 190 ktil nous faudra donc réduire notre vitesse indiquée de 210 190 = 20 kt

Question 173-32 : A 04 h 22 un avion au fl 370 à une vs de 320 kt en route directe vers un vor distant de 185 nm il doit survoler ce vor au fl 80 le taux de descente moyen étant de 1800 ftmn et la vs moyenne de 232 kt il devra débuter sa descente au plus tard à ?

04 h 45.

L'avion va maintenir 320 kt jusqu'au point de début de descente ensuite l'avion va ralentir pendant la descente jusqu'au fl80 sa vitesse moyenne de descente sera de 232 ktl'avion doit descendre de 29000 ft du fl370 au fl80 avec un taux de descente de 1800 ftmin la descente durera 290001800 = 161 minutesen 161 minutes à la vitesse moyenne de 232 kt l'avion va parcourir 623 nmil faudra donc débuter la descente à 185 623 nm = 1227 nmpour parcourir les 1227 nm à la vitesse de 320 kt il nous faudra 1227320 x 60 = 23 minutesil devra débuter sa descente au plus tard à 04 h 22 min + 23 min = 4 h 45

Question 173-33 : Un aéronef au fl 330 doit débuter sa descente à 65 nm d'une balise vor et passer cette balise au fl 100la vitesse sol moyenne durant la descente est de 330 kt le taux minimum de descente à adopter est de ?

1950 ft min.

33000 10000 = 23000 ft33060=55 nm65 55 = 1181230001181 = 1950 ft minle rapport hauteur sur distance donne également tout de suite la pente en % 23000 65*6000 = 589%*330 = 1946 ftmin

Question 173-34 : Un aéronef au fl 290 doit débuter se descente à 50 nm d'un vor et survoler cette balise au fl 80la vitesse sol moyenne durant la descente est de 271 ktle taux de descente minimum est approximativement de ?

1900 ft min.

Fl290 fl80 = 21000 pieds à descendreon parcours 50 nm à la vitesse de 271 kt soit 50271 = 01845 h que l'on converti en minutes 01845 x 60 = 11 minutes2100011 = 1909 ftmin

Question 173-35 : Un avion au fl 350 doit débuter sa descente à 85 nm d'un vor pour le survoler au fl 080 la vs moyenne durant la descente est de 340 kt le taux minimum de descente requis est ?

1800 ftmin.

Deltaz = 27000 ft85 nm à 340 kts > 15 mn1800 ft mn

Question 173-36 : Un aéronef doit aller du point a au point bla distance est de 480 nm et la vitesse sol moyenne de 240 kt il quitte a à 10h00 utcayant parcouru 150 nm sur la route depuis a l'aéronef est en retard de 2 min sur l'horaire prévu en utilisant la vitesse sol constatée quelle est la nouvelle heure estimée ?

12h06.

150 nm à la vitesse sol de 240 kt aurait du prendre 375 minutesnous les avons parcourues en 395 minutes soit à une vitesse sol de 228 ktil nous reste 330 nm 480 150 à parcourir à une vitesse sol corrigée de 228 kt cela nous prendre 868 minutestemps total de a vers b 395 + 868 = 1263 minutes 2 h 06 minutes nous sommes partis à 10h00 nous arriverons à 12h06

Question 173-37 : Un aéronef part de a vers b situé à 320 nm avec une vitesse sol moyenne prévue de 180 kt il part de a à 12 00 utc après avoir parcouru 70 nm depuis a l'appareil est en avance de 3 minutes sur l'heure prévuen utilisant la vitesse sol mesurée la nouvelle heure d'arrivée prévue en b est ?

13 h 33 utc.

A une vitesse sol moyenne estimée de 180 kt vous parcourez 3 nm par minutel'avion aurait dû parcourir 70 nm en 703 = 2333 minutes 23 min et 20 secondes vous êtes en avance de 3 minutes vous avez donc parcouru 70 nm en 20 min et 20 secondes ce qui vous fait une vitesse sol réelle de 702033 x 60 = 2066 kta 2066 kt de vs vous allez parcourir les 320 nm en 320 206660 = 93 minutes 1h33 en partant à 12h00 vous arriverez à 13h33

Question 173-38 : Un aéronef part de a vers b situé à 250 nm avec une vitesse sol moyenne prévue de 115 ktil part de a à 09 00 utc après avoir parcouru 75 nm depuis a l'appareil est en retard de 15 minute sur l'heure prévuen utilisant la vitesse sol mesurée la nouvelle heure d'arrivée prévue en b est ?

11 h 15 utc.

On cherche la nouvelle vs on a besoin de t pour 75nmdonc t = 75 x 60 115 = 3913 on ajoute le retard de 15t = 3913 + 15 = 4063maintenant on cherche la nouvelle vs vs = 75 x 60 4063 = 110kton calcul la nouvelle heure d'arrivée t ab = 250 x 60 110 = 13636soit 2h16l'heure d'arrivée est donc de 9h + 2h16 = 11h16

Question 173-39 : étant donné distance de a à b 475 nmvitesse sol prévue 315 ktheure de départ 10 h 00 utca 10 h 40 utc recalage obtenu à 190 nm de a sur la route quelle vitesse sol doit être tenue depuis le recalage pour respecter l'heure prévue d'arrivée ?

340 kt.

190 nm en 40 mn > vs = 285 kts475 nm à 315 kts > 1 h 30il reste 50 mn pour 285 nmvs = 343 kts

Question 173-40 : Etant donné distance de a à b 325 nmvitesse sol prévue 315 ktheure de départ 11 h 30 utca 12 h 05 utc une position est obtenue à 165 nm sur la route la vitesse sol à maintenir pour arriver à l'heure prévue en b est ?