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Question 174-1 : Etant donné.distance de a à b 100 nm.position sol vérifiée après 40 nm 6 nm à gauche de la route..l'altération de cap nécessaire pour rejoindre b est de ? [ Pratique mission ]
15° droite.
.tan 1 6/40 = 8,53.tan 1 6/60 = 5,71.total = 14,24°... egapel.ou bien simplement. 100/40 *6 = 15°.comme la dérive est gauche, la correction a appliquer sera droite donc 15°d... gharmel.attention, la méthode qu'indique egapel ne fonctionne pas en permanence. en effet si l'on parcours plus de 50% de la distance il faut alors prendre la différence etc.. la méthode proposer par l' à l'avantage d'être toujours juste.
Question 174-2 : étant donné.distance de 'a' à 'b' 90 nm.position sûre obtenue à 60 nm de 'a' 4 nm à droite de la route..la correction de cap à faire pour rejoindre 'b' est de ?
12° gauche.
.tan 1 4/60 = 3,80°.tan 1 4/30 = 7,60.total 11,4° g.. nicolas556.moi je procède comme ceci. 4/60 *60=4.. 4/30 *60=8..8+4=12 et gauche car l'erreur est de droite
Question 174-3 : Compléter la ligne 1 du journal de navigation, route de a à b..le cap magnétique et l'heure estimée d'arrivée eta sont . 2497 ?
Question 174-4 : Sur la ligne 2 du journal de navigation, de la position c vers la position d, le cap magnétique hdg m et l'heure estimée d'arrivée eta sont. 2497 ?
Hdg 193° eta 1239 utc
. 2496.retranchez votre... rv .dérive................. x =.cela vous............ cv .donne................ dm =.chaque mesure...... cm .du...................... d =.cap compas......... cc..soit rv x=cv dm=cm d=cc
Question 174-5 : Sur la ligne 3 du journal de navigation, de la position e vers la position f, le cap magnétique hdg m et l'heure estimée d'arrivée eta sont. 2497 ?
Hdg 105° eta 1205 utc
. 2496.retranchez votre... rv .dérive................. x =.cela vous............ cv .donne................ dm =.chaque mesure...... cm .du...................... d =.cap compas......... cc..soit rv x=cv dm=cm d=cc
Question 174-6 : Compléter la ligne 4 du journal de navigation, entre les points g et h..le cap magnétique et l'heure estimée d'arrivée eta sont . 2497 ?
344° 13 h 36.
. 2496.retranchez votre... rv .dérive................. x =.cela vous............ cv .donne................ dm =.chaque mesure...... cm .du...................... d =.cap compas......... cc..soit rv x=cv dm=cm d=cc
Question 174-7 : Sur la ligne 5 du journal de navigation, de la position j vers la position k, le cap magnétique hdg m et l'heure estimée d'arrivée eta sont. 2497 ?
Hdg 337° eta 14 h 22 utc
. 2496.retranchez votre... rv .dérive................. x =.cela vous............ cv .donne................ dm =.chaque mesure...... cm .du...................... d =.cap compas......... cc..soit rv x=cv dm=cm d=cc
Question 174-8 : Sur la ligne 6 du journal de navigation, de la position l vers la position m, le cap magnétique hdg m et l'heure estimée d'arrivée eta sont. 2497 ?
Hdg 075° eta 1502 utc
. 2496.retranchez votre... rv .dérive................. x =.cela vous............ cv .donne................ dm =.chaque mesure...... cm .du...................... d =.cap compas......... cc..soit rv x=cv dm=cm d=cc.. zambass.la question va paraitre un peu bete mais j'ai du mal à trouver hdg y'a t il 1 calcul à faire merci d'avance... .il faut d'abord trouver la tas.dans la fenêtre airspeed, sous le repère mkt , indiquez la température 55°c , lisez sur la couronne extérieure, en face de 0.84m, la tas de 483 kt..ensuite, de l'autre côté du computer, sous index vous affichez la route 070°, sous l'oeilleton central, vous affichez 483 kt..avec l'échelle rotative, indiquez le vent 020°/60kt...sous les 60 kt de vent, vous lisez la dérive 6° droite...il faudra donc faire davantage face au vent qui vient du 020° pour ne pas dériver, ce sera donc un cap vrai de 070° 6° = 064°...affichez le cap vrai 064° sous index, lisez la vitesse sol 441 kt...le cap magnétique est= 064° + 11°w = 075°... 495/441 x60 = 67 minutes.
Question 174-9 : Etant donné.tas = 197 kt, route vraie = 240°, vent = 180/30 kt..la descente est débutée au fl220 et se termine au fl40. la distance parcourue pendant la descente est de 39 nm..le taux de descente minimum est approximativement de ?
1400 ft/min.
.au computer on trouve une vitesse sol de 182 kt...distance = taux x temps.39 nm = 182 x temps.t = 39/182 = 0,214h > 12,8 min temps total de la descente..22000 ft 4000 ft = 18000 ft hauteur qu'il faut descendre.18000 / 12,8 min = 1406 ft/min.
Question 174-10 : étant donné.plan du glide de l'ils 3,5°.vitesse sol = 150 kt.le taux de descente sera approximativement de ?
900 ft/min.
.il y a plusieurs solutions pour trouver le résultat, par le calcul, avec un computer, par approximation...il y a une valeur à connaitre en tant que pilote, c'est qu'un plan à 3° = une pente de 5%...les plans des ils sont généralement à 3°, ce qui permet de trouver facilement le variomètre à adopter en fonction de la vitesse..on multiplie notre vitesse par dix, puis on divise par deux. exemple on effectue une approche à 100 kt sur un ils 3°, on aura un vario de 100x10 /2 = 500 ft/min..ici, le plan du glide est de 3,5°, donc il nous faudra un vario un peu plus fort, la seule réponse possible est 900 ft/min.. vous pouvez retenir qu'une pente glide à 3,5° = une pente de 6%.. pingu7334.plus simple 3,5*150*100 /60 = 875 ft/min..règle du 1/60.. lionel.pente% = pente° / 0,6..vz = pente% x vs
Question 174-11 : Considérant .hauteur de l'aéronef 2500 ft.calage du glide de l'ils 3°.la distance approximative du point de toucher à laquelle on peut prévoir la capture du glide est ?
8,3 nm.
.2500 / tan3° = 47702 ft..a 6000 ft pour 1 nm, cela fait 7,95 on approche de la bonne réponse..on demande la distance approximative, on retiendra donc 0.05 pour la tangente 3° on se retiendra qu'un glide à 3° c'est 5% , on trouve alors 2500 / 0,05 = 50000 ft..50000 / 6000 = 8,33 nm... rendem.en utilisant la règle du '60ème', on trouve 8,229 nm > 2500ft / 6076 = 0.411 nm..0.411 * 60 nm / 3° = 8,229 nm.. hollywood.une variante de la règle du '60ème', plus simple.3° = 5%.1 nm = 6076 ft..2500 ft / 5 = 500 ft..500 ft x 100 = 50 000 ft..50 000 ft / 6076 ft = 8,229 nm.
Question 174-12 : Une île apparaît 60° à gauche de l'axe de l'écran d'un radar météo embarqué..la déclinaison magnétique étant de 10° e et le cap magnétique de 276°, le relèvement vrai de l'appareil depuis l'île est de ?
046°
. cap magnétique 276°. déclinaison magnétique 10° est..l'aéronef est donc au cap vrai = 286°..il relève l'île dans ses 60° à gauche..relèvement vrai de l'île par l'appareil 286 60 = 226°..on inverse de 180°..relèvement vrai de l'appareil depuis l'île 226 180 = 046°.
Question 174-13 : Une île apparaît sur le radar météo, 45° à droite de la ligne de foi..le cap magnétique est 215° et la déclinaison magnétique 21° w..le relèvement vrai de l'aéronef depuis cette île à ce moment est ?
059°.
.215° cap magnétique de l'avion.. 21° déclinaison magnétique..194° cap vrai..+45° relèvement à droite..239° relèvement vrai de l'île par l'aéronef.. 180°..059° le relèvement vrai de l'aéronef depuis cette île.
Question 174-14 : Une île apparaît à 30° à droite de la ligne de foi de l'écran radar météo d'un aéronef. a ce moment, le cap magnétique étant 355° et la déclinaison magnétique de 15° e, le relèvement vrai de l'aéronef depuis l'île est de ?
220°.
.relèvement vrai de l'île depuis l'aéronef.030° + 355° + 015° = 400° => 040°..relèvement vrai de l'avion depuis l'île.040° + 180° = 220°.
Question 174-15 : Une île apparaît à 30° à gauche de la ligne de foi de l'écran radar météo d'un aéronef. a ce moment, le cap magnétique étant 020° et la déclinaison magnétique de 25° w, le relèvement vrai de l'aéronef depuis l'île est de ?
145°.
.cm 020 > cv 355.quj relèvement vrai de l'île par l'aéronef = cv + gisement = 355 + 330 = 325.qte relèvement vrai de l'aéronef depuis l'île = 145°.
Question 174-16 : Un appareil étant à la route magnétique 255°,.à 2254 utc, il passe le radial 360° d'une station vor..à 2300 utc, il passe le radial 330° de la même station..a 2300 utc, la distance de l'appareil à la station est ?
La même qu'à 2254 utc.
.il faut faire un petit schéma. 1724.nous avons un triangle isocèle, le premier angle à 22 54 est 255° 180° = 75°..au vor nous avons un angle de 30°, et donc notre dernier angle vaut 180° 75+30° = 75°..triangle isocèle, deux côtés de longueur identique, la distance est donc en passant le radial 330° la même qu'à 2254 utc.
Question 174-17 : La distance entre 2 points de report est de 200 nm..pour calculer le cap compas, le pilote utilise une déclinaison magnétique de 2° e de au lieu de 2° w..considérant que le vent subi est le vent prévu, l'écart de distance latérale au second point sera de ?
14 nm.
.tan4° x 200 = 14 nm.
Question 174-18 : On donne.heure estimée d'arrivée eta sur un méridien 2100 utc.vitesse sol 441 kt.tas 491 kt.a 2010 utc on lui demande de réduire sa vitesse de façon à passer le méridien à 2105 utc.la réduction de tas devra être approximativement de ?
40 kt.
.à 20h30, l'aéronef est à 50 minutes du méridien à la vitesse de 441 kt, soit à une distance de 367,5 nm..il doit à présent parcourir ces 367,5 nm en 55 minutes, donc. 367,5 / 55 x 60 = 401 kt..il doit donc réduire sa vitesse de 441 401 = 40 kt.
Question 174-19 : Le journal de navigation donne les éléments dans l'ordre suivant.route vraie, dérive, cap vrai, déclinaison magnétique, cap magnétique, déviation, cap compas..la bonne combinaison, dans cet ordre, est ?
119°, 3° g, 122°, 2° e, 120° , +4° , 116°
.119 3 = 122 +2 = 120 +4 = 116°.
Question 174-20 : A 00 20 utc un aéronef passe à 40 nm d'un vor/dme sur le radial 310°..a 00 35 utc, la distance dme est de 40 nm et le radial 040°..la déclinaison magnétique est de 0°..la route vraie et la vitesse sol sont ?
085° 226 kt.
Question 174-21 : Etant donné.tas 120 kt.ata 'x' 1232 utc.eta 'y' 1247 utc.ata 'y' is 1250 utc.l'eta a 'z' est. 2500 ?
1302 utc.
.x à y = 30 nm en 18 minutes de 12h32 à 12h50 = 100 kt de vitesse sol..y à z = 20 nm à 100 kt = 12 minutes..12h50 + 12 minutes = 13h02...ata heure réelle d'arrivée actual time of arrival..eta heure estimée d'arrivée estimated time of arrival.
Question 174-22 : On donne.niveau de vol fl 120.température extérieure standard.vitesse calibrée cas = 200 kt.route magnétique 222°.cap magnétique 215°.déclinaison magnétique 15° w.temps mis pour parcourir 105 nm = 21 minutes.le vent vrai subi est ?
050° / 70 kt
.on calcule d'abord la température au fl120 15° 2° x 12 = 9°c. 2501.sur le computer dans la fenêtre airspeed, indiquez la température de 9°c à côté de l'altitude pression fl120 , indiquez la cas 200 kt sur l'échelle intérieure, vous lisez une tas sur l'échelle externe de 239 kt...on vole au cap magnétique 215°, la déclinaison est de 15°w, soit un cap vrai de 200°..on a une route magnétique de 222°, moins 15°w, cela nous donne une route vraie de 207°.. 105 nm / 21 min x 60 = 300 kt de vitesse sol..sur le computer, mettez le point central sur la tas de 239 kt, mettez le cap vrai 200° sur l'index, marquez l'endroit où la dérive est de 7° droite, et la vitesse sol de 300 kt.. 2502.tournez pour centrer la marque en dessous du point central, vous trouvez un vent du 050° pour 70 kt.
Question 174-23 : Une méthode utile pour un pilote en vol à vue, afin de lever le doute sur sa position est de conserver la vue du sol et ?
Mettre le cap sur une ligne de position sûre comme la côte, une autoroute, une rivière ou une voie de chemin de fer.
Question 174-24 : Un aéronef en descente sur un plan de 6% maintient une vitesse sol de 300 kt...son taux de descente est approximativement de... ?
1800 pieds/min.
.1 nm = 6080 ft.6% ==> 0,06.. 300 kt x 6080 ft / 60 min x 0,06 = 1824 ft/min.
Question 174-25 : Un aéronef suivant le plan de vol en annexe..après 15 minutes de vol à la tas et au cap vrai prévus, l'aéronef se trouve à 3 nm au nord de la route et à 2,5 nm en avant de la position estimée..pour rejoindre b à partir de cette position, le cap vrai a prendre est. 2516 ?
258°.
Question 174-26 : Une île apparaît à 30° à droite du nez d'un aéronef. le cap magnétique est 290° et la déclinaison magnétique de 10° e, le relèvement vrai de l'aéronef depuis l'île est de ?
330°.
Question 174-27 : Un aéronef est en rapprochement d'un vor/dme..a 10h00, le dme indique 120 nm. a 10h03, le dme indique 105 nm..vous estimez la verticale du vor/dme à ?
10h44.
.15 nm en 3 minutes = 5 nm par minute..distance de la station 105 nm..105 / 5 nm/min = 21 minutes...10h03 + 00h41 = 10h44.
Question 174-28 : Vous décollez d'un aéroport d'altitude 2000 ft..le qnh est de 1013 hpa..vous devez survoler à une altitude de 7500 ft un point situé 10 nm devant vous..la vitesse sol est de 100 kt, le taux de montée minimum doit être de ?
920 ft/min.
.montée à effectuer = 7500 ft 2000 ft = 5500 ft...10 nm à 100 kt = 10 nm / 100/60 = 6 minutes...5500 ft / 6 min = 916,6 ft/min.
Question 174-29 : Un aéronef vole du vordme d'inverness n57°32.6', w004°02.5 au vordme d'aberdeen n57°18.6', w002°16.0'..a 1000 utc, la position de l'aéronef est déterminée par le vordme d'inverness.radial = 114°.distance dme = 20,5 nm..a 1006 utc, la position de l'aéronef est déterminée par le vordme ?
280 kt.
.la distance entre les vor est de 59 nm.20,5 nm + 10,5 nm = 31 nm.59 nm 31 nm = 28 nm.28 nm en 6 minutes ou 28 x 60/6 = 280 kt.
Question 174-30 : La distance entre le départ et la destination est de 340 nm..le vent est de 100° pour 25 kt..la tas est de 140 kt..la route vraie est 135° et l'autonomie de 3h et 10 minutes..le point de non retour sera atteint à ?
1h 49 minutes.
.avec le computer on trouve 20 kt de vent de face, donc vsa vitesse sol aller 120 kt et vsr vitesse sol retour 160 kt...si vous cherchez le temps depuis le départ a pour arriver au point de non retour, vous appliquez la formule.temps jusqu'au pnr = autonomie x vsr / vsa + vsr.temps jusqu'au pnr = 190 min x 160 / 120 + 160.temps jusqu'au pnr = 30400 / 280.temps jusqu'au pnr = 108,6 minutes....si vous cherchez le temps depuis le départ a pour arriver au point équitemps entre a et b, vous appliquez la formule suivante.pet = distance x vsr / vsa + vsr
Question 174-31 : Un aéronef suit un radial 200° en direction d'un vor avec un cap vrai 010°..après avoir survolé la station vor, l'aéronef suit le radial 090° en éloignement avec un cap magnétique 080°..la tas est 240 kt et la déclinaison magnétique dans la zone 5°e...le vent vrai subi est ?
310°/65kt.
.radial 200 en rapprochement.donc route au 020°, déclinaison magnétique +5° est, soit route vraie au 025°..l'aéronef a un cap vrai 010°, la dérive est donc droite de 15°...radial 090 en éloignement.donc route au 090°, déclinaison magnétique +5° est, soit route vraie au 095°..l'aéronef a un cap magnétique 080°, soit un cap vrai au 085°, la dérive est donc droite de 10°...on trouve le vent vrai subit au computer.sous l'oeilleton central, affichez la tas de 240 kt, et sous le true index, mettez le cap vrai 010°..tracez la ligne de la dérive droite de 15° sur toute sa longueur..maintenant, sous le true index, mettez le cap vrai 085°..le point où la ligne des 15° de dérive, coupe la ligne des 10° de dérive est la fin du vecteur vent..ramenez ce point d'intersection au dessus de l'oeilleton central, vous lisez la vitesse et la direction du vent subit.
Question 174-32 : Un aéronef effectue un vol suivant le journal de navigation en annexe. après 15 minutes de vol au cap et la tas planifiés, l'aéronef se trouve à 3 nm au nord de sa route prévue et à 2,5 nm en avance de son point estimé..le cap vrai nécessaire pour rejoindre b est . 2504 ?
112°.
.attention cette question existe aussi à l'examen avec la petite différence dans l'intitulé...à 3 nm au sud de sa route... réponse 078°. cette question est aussi présente dans la base...15 minutes / 60 = 0,25h.0,25 x 130 kt vitesse sol = 32,5 nm.32,5 nm + 2,5 nm en avant du point estimé = 35 nm..50 nm distance totale 35 nm = 15 nm..en utilisant la règle du 1/60.angle d'erreur de route depuis a = 3 nm x 60 / 35 nm = 5°. c'est la correction a appliquer pour 'contrer le vent'...la correction de route nécessaire pour rejoindre b depuis notre position = 3 nm x 60 / 15 nm = 12°..pour rejoindre b, la correction de cap nécessaire est de 5° + 12° = 17°..comme on est partie au nord de la route en suivant un cap 095°, pour revenir vers notre point b, nous avons besoin d'un cap d'avantage orienté sud, donc on ajoute 17° à 095° = 112°.
Question 174-33 : Un aéronef décolle d'un aéroport d'altitude 2000 ft et dont le qnh est 1023 hpa..la tas est 100 kt, la composante vent de face est de 20 kt et le taux de montée de 1000 ft/min..la fin de montée toc top of climb est au fl 100..a quelle distance de l'aéroport sera atteint ce niveau ?
11.1 nm.
.1023 1013 = 10 hpa 300 ft.2000 ft 300 ft = 1700 ft..10000 ft 1700 ft = 8300 ft...8300 / 1000 ft/min = 8,3 min > 0,1383h..0,1383 x 80 kt vitesse sol = 11,1 nm.
Question 174-34 : A 10 15 l'indication d'un vor/dme est 211°/ 90nm..a 10 20 l'indication du même vor/dme est 211°/ 120nm..cap compas 200°.déclinaison magnétique dans la zone 31°w.déviation +1°.tas 390 kt.le vent vrai subi est approximativement ?
110°/70kt.
.200° cap compas +1 = 201° cap magnétique 31 = 170° vrai..cap vrai = 170°..ensuite l'aéronef s'éloigne sur le radial 211° et parcours en 5 minutes de 10h35 à 10h40 , la distance de 30 nm il s'éloigne de 90 à 120 nm du vor/dme..donc en 5 minutes il a parcouru 30 nm, soit 30/5 ==> 6 nm/minute ==> 6 x 60 minutes = 360 nm/heure 360 kt..gs = 360 kt...on reste sur le radial 211°.211° 31° = 180° vrai..on en déduit la dérive = 10° 10° droite..ensuite avec le computer.cap = 170° vrai avec la tas = 390 kt..une petite croix sur la ligne de la dérive de 10° à droite avec une gs de 360 kt..on tourne la rose 'wind down' et on trouve w/v = 110°/70 kt
Question 174-35 : Un aéronef part d'un aéroport d'altitude 2000 ft avec un qnh de 1003 hpa..la tas est 100 kt, la composante vent de face est de 20 kt et le taux de montée de 1000 ft/min..la fin de montée est au fl 100, à quelle distance de l'aéroport sera atteint ce niveau ?
10.3 nm.
.2000 ft à 1003, donc 2300 ft à 1013 1hpa pour 30 pieds...si vous montez au fl100, vous n'aurez à 'gravir' que 10000 2300 = 7700 ft...à 1000 ft/min, il vous faudra 7,7 minutes...à 80 kt de vitesse sol, vous allez parcourir 80/60 x 7,7 = 10,26 nm.
Question 174-36 : Deux points consécutifs sur un plan de vol sont le vordme de stornoway n58°12.4', w006°11.0' et le vordme de glasgow n55°52.2', w004°26.7'..au cours du vol, l'heure réelle à la verticale de stornoway est 11 15 utc et l'heure estimée verticale glasgow est 11 38 utc..a 11 21 utc, l'aéronef est ?
11 36
.distance de stornoway à glasgow = 151 nm.distance de stornoway à ronar = 44 nm..11 21 11 15 = 6 minutes..6 min = 44 nm donc 60 min = 440 kt nm.151 44 = 107 nm..107/440 = 0,243h... 0,243 x 60 = 14,6 min.11 21 + 14,6 min = 11 35,36 sec.
Question 174-37 : Un aéronef au fl 360 doit descendre au fl 120. il devrait atteindre le fl 120 à 40 nm du prochain waypoint..le taux de descente est de 2000 ft/min et la vitesse sol moyenne de 420 kt..la distance minimale au prochain waypoint à laquelle devrait débuter la descente est ?
124 nm.
.fl360 fl 120 = 24000 ft à perdre...24000 ft / 2000 ft/min = 12 minutes de descente... 420/60 x 12 = 84 nm parcourus pendant la descente, auxquels on ajoute les 40 nm avant le waypoint.
Question 174-38 : On donne.distance de a à b 90 nm.a une distance de 15 nm de a, l'aéronef est à 4 nm à droite de la route..pour rejoindre b, la correction de cap nécessaire est de ?
19°.
.ecart de route = distance d'écart x 60 / distance parcourue..ecart de route = 4 nm x 60 / 15 nm..ecart de route = 16°..pour revenir sur notre route.ecart de route = distance d'écart x 60 / distance restante..ecart de route = 4 nm x 60 /75 nm..ecart de route = 3°..correction de cap 16° + 3° = 19° à gauche car nous sommes à droite de la route.
Question 174-39 : Un aéronef suivant le plan de vol en annexe..après 15 minutes de vol à la tas et au cap vrai prévus, l'aéronef se trouve à 3 nm au sud de la route et à 2,5 nm en avant de la position estimée..pour rejoindre b à partir de cette position, le cap vrai a prendre est. 2516 ?
292°.
Question 174-40 : Un aéronef part d'un aéroport d'altitude 2000 ft avec un qnh de 1003 hpa..la tas est 100 kt, la composante vent de face est de 20 kt et le taux de montée de 1000 ft/min..a quelle distance de l'aéroport sera atteint le fl 050 ?
3.6 nm.
.10 hpa de différence entre 1013 et 1003, soit 270 ft en prenant 27 ft par hpa. l'altitude pression du terrain est donc de 2270 ft..il faudra montée de 2730 ft pour atteindre le fl 50 5000 2270.. a 1000 f/min il faudra 2,73 minutes. a 80kt 100kt 20kt , en 2,73 minutes, on parcoure 3.6 nm.
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